一、簡答題(30)

　　1：數據庫以及線程發(fā)生死鎖的原理及必要條件，如何避免死鎖

　　答：

　　產生死鎖的原因主要是：

　　(1) 因為系統資源不足。

　　(2) 進程運行推進的順序不合適。

　　(3) 資源分配不當等。

　　產生死鎖的四個必要條件：

　　(1)互斥條件：一個資源每次只能被一個進程使用。

　　(2)請求與保持條件：一個進程因請求資源而阻塞時，對已獲得的資源保持不放。

　　(3)不剝奪條件:進程已獲得的資源，在末使用完之前，不能強行剝奪。

　　(4)循環(huán)等待條件:若干進程之間形成一種頭尾相接的循環(huán)等待資源關系。

　　避免死鎖：

　　死鎖的預防是通過破壞產生條件來阻止死鎖的產生，但這種方法破壞了系統的并行性和并發(fā)性。

　　死鎖產生的前三個條件是死鎖產生的必要條件，也就是說要產生死鎖必須具備的條件，而不是存在這3個條件就一定產生死鎖，那么只要在邏輯上回避了第四個條件就可以避免死鎖。

　　避免死鎖采用的是允許前三個條件存在，但通過合理的資源分配算法來確保永遠不會形成環(huán)形等待的封閉進程鏈，從而避免死鎖。該方法支持多個進程的并行執(zhí)行，為了避免死鎖，系統動態(tài)的確定是否分配一個資源給請求的進程。

　　預防死鎖：具體的做法是破壞產生死鎖的四個必要條件之一

　　2：面向對象的三個基本元素，五個基本原則

　　答：

　　三個基本元素：

　　封裝

　　繼承

　　多態(tài)

　　五個基本原則：

　　單一職責原則(Single-Resposibility Principle):一個類，最好只做一件事，只有一個引起它的變化。單一職責原則可以看做是低耦合、高內聚在面向對象原則上的引申，將職責定義為引起變化的原因，以提高內聚性來減少引起變化的原因。

　　開放封閉原則(Open-Closed principle):軟件實體應該是可擴展的，而不可修改的。也就是，對擴展開放，對修改封閉的。

　　Liskov替換原則(Liskov-Substituion Principle):子類必須能夠替換其基類。這一思想體現為對繼承機制的約束規(guī)范，只有子類能夠替換基類時，才能保證系統在運行期內識別子類，這是保證繼承復用的基礎。

　　依賴倒置原則(Dependecy-Inversion Principle):依賴于抽象。具體而言就是高層模塊不依賴于底層模塊，二者都同依賴于抽象;抽象不依賴于具體，具體依賴于抽象。

　　接口隔離原則(Interface-Segregation Principle):使用多個小的專門的接口，而不要使用一個大的總接口。

　　3：windows內存管理的機制以及優(yōu)缺點

　　答：

　　分頁存儲管理基本思想：

　　用戶程序的地址空間被劃分成若干固定大小的區(qū)域，稱為“頁”，相應地，內存空間分成若干個物理塊，頁和塊的大小相等�？蓪⒂脩舫绦虻娜我豁摲旁趦却娴娜我粔K中，實現了離散分配。

　　分段存儲管理基本思想：

　　將用戶程序地址空間分成若干個大小不等的段，每段可以定義一組相對完整的邏輯信息。存儲分配時，以段為單位，段與段在內存中可以不相鄰接，也實現了離散分配。

　　段頁式存儲管理基本思想：

　　分頁系統能有效地提高內存的利用率，而分段系統能反映程序的邏輯結構，便于段的共享與保護，將分頁與分段兩種存儲方式結合起來，就形成了段頁式存儲管理方式。

　　在段頁式存儲管理系統中，作業(yè)的地址空間首先被分成若干個邏輯分段，每段都有自己的段號，然后再將每段分成若干個大小相等的頁。對于主存空間也分成大小相等的頁，主存的分配以頁為單位。

　　段頁式系統中，作業(yè)的地址結構包含三部分的內容：段號 頁號 頁內位移量

　　程序員按照分段系統的地址結構將地址分為段號與段內位移量，地址變換機構將段內位移量分解為頁號和頁內位移量。

　　為實現段頁式存儲管理，系統應為每個進程設置一個段表，包括每段的段號，該段的頁表始址和頁表長度。每個段有自己的頁表，記錄段中的每一頁的頁號和存放在主存中的物理塊號。

　　二、程序設計題(40)

　　1：公司里面有1001個員工，現在要在公司里面找到最好的羽毛球選手，也就是第一名，每個人都必須參賽，問至少要比賽多少次才能夠找到最好的羽毛球員工。

　　答：兩兩比賽，分成500組剩下一人，類似于歸并排序的方式，比出冠軍后，讓冠軍之間再比，主要是要想想多余的那一個選手如何處理，必然要在第一次決出冠軍后加入比賽組。

　　2：現在有100個燈泡，每個燈泡都是關著的，第一趟把所有的燈泡燈泡打開，第二趟把偶數位的燈泡制反(也就是開了的關掉，關了的打開)，第三趟讓第3,6,9....的燈泡制反.......第100趟讓第100個燈泡制反，問經過一百趟以后有多少燈泡亮著

　　答：

　　1.對于每盞燈，拉動的次數是奇數時，燈就是亮著的，拉動的次數是偶數時，燈就是關著的。

　　2.每盞燈拉動的次數與它的編號所含約數的個數有關，它的編號有幾個約數，這盞燈就被拉動幾次。

　　3.1——100這100個數中有哪幾個數，約數的個數是奇數。我們知道一個數的約數都是成對出現的，只有完全平方數約數的個數才是奇數個。

　　所以這100盞燈中有10盞燈是亮著的。

　　它們的編號分別是：1、4、9、16、25、36、49、64、81、100。

　　3：有20個數組，每個數組有500個元素，并且是有序排列好的，現在在這20500個數中找出排名前500的數

　　答：TOP-K問題，用個數為K的最小堆來解決

　　4. 字符串左移，void pszStringRotate(char pszString, intnCharsRotate),比如ABCDEFG，移3位變DEFGABC，要求空間復雜度O(1)，時間復雜度O(n)

　　三、系統設計題(30)

　　現在有一個手機，手機上的鍵盤上有這樣的對應關系，2對應"abc",3對應"def".....手機里面有一個userlist用戶列表，當我們輸入942的時候出來拼音的對應可能是“xia”，“zha”，“xi”，“yi”等，當我們輸入9264的時候出來是yang，可能是“樣”，“楊”，“往”等，現在我們輸入一個字符串數字，比如926等，要在電話簿userlist中查找出對應的用戶名和電話號碼并返回結果。

　　C++語言: 電話號碼對應的英語單詞(注意此題的非遞歸做法)

　　#include

　　#include

　　#define N 4 //電話號碼個數

　　using namespace std;

　　char c[][10] = {"","","ABC","DEF","GHI","JKL","MNO","PQRS","TUV","WXYZ"};//存儲各個數字所能代表的字符

　　int number[N] = {2, 4 ,7, 9}; //存儲電話號碼

　　int total[10] = {0, 0, 3, 3, 3, 3, 3, 4, 3, 4}; //各個數組所能代表的字符總數

　　int answer[N]; //數字目前所代表的字符在其所能代表的字符集中的位置,初始為0

　　void Search(int number, int n); //非遞歸的辦法

　　void RecursiveSearch(int number, int cur, char ps, int n); //遞歸的辦法

　　int main()

　　{

　　//Search(number, N);

　　char ps[N+1] = {0};

　　RecursiveSearch(number, 0, ps, N);

　　return 0;

　　}

　　void Search(int number, int n)

　　{

　　int i;

　　while(1)

　　{

　　for(i=0; i

　　printf("%c", c[number[i]][answer[i]]);

　　printf("\n");

　　int k = n-1; //用k和while循環(huán)來解決擴展性問題,模擬了遞歸

　　while(k >= 0)

　　{

　　if(answer[k] < total[number[k]]-1)

　　{

　　++answer[k];

　　break;

　　}

　　else

　　{

　　answer[k] = 0;

　　--k;

　　}

　　}

　　if(k < 0)

　　break;

　　}

　　}

　　/遞歸的解法: number為存儲電話號碼的數組,pos為當前處理的數字在number中的下標,初始為0

　　ps為一外部數組,用于存放字母,n代表電話號碼的長度(個數)

　　 此遞歸的方法好理解,比上面非遞歸的辦法好寫易懂

　　 /

　　void RecursiveSearch(int number, int pos, char ps, int n)

　　{

　　int i;

　　for(i=0; i

　　{

　　ps[pos] = c[number[pos]][i];

　　if(pos == n-1)

　　cout<

　　else

　　RecursiveSearch(number, pos+1, ps, n);

　　}

　　}